David Miguel del Río: mi web personal
Transcript of David Miguel del Río: mi web personal
2º Bachillerato – Integrales indefinidas (2ª parte)
Ejercicios resueltos de integrales indefinidas – David Miguel del Río – I.E.S. Europa (Móstoles) Sugerencias: [email protected]
Presta especial atención a las integrales número 60, 61, 65, 70, 73, 76, 79, 81, 87, 95 y 100.
51) ( ) ( ) ( ) Cxxxdx
xx
+−
+−−
=−∫ 2
135
1131
3 23 2
3
RESOLUCIÓN: esta integral es similar a las tres anteriores, por lo que seguiremos la misma estrategia, es decir, trataremos de eliminar la raíz (cúbica en este caso). Haremos el cambio de variable t3=x–1 y desarrollaremos lo que salga: Después desharemos el cambio.
( )
( ) ( ) ( ) ( ) ( ) Cxxxxx
ttdtttdttt
t
xttxdxdtt
xt
dxxx
+−
+−−
=−
+−
=
=+=+=+
=
−=+==−=
=− ∫ ∫∫
21·3
51·13
213
513
23
533331
11
31
1
3 23 22353
2542
3
3
3
2
3
3
52) Csenxxxdxxxsen ++−=∫ cos)(
RESOLUCIÓN: esta es la integral de un producto. Vamos a resolverla por partes: ∫ ∫−= duvvudvu ···
( ) ( ) Csenxxxxdxxxdxxxx
xvdxxsendv
dxduxu
dxxxsen ++−=+−=−−−=
−==
==
= ∫ ∫∫ coscoscoscoscos
cos)(
)(
53) Cexedxex xxx +−=∫ ·
RESOLUCIÓN: esta es la integral de un producto. Vamos a resolverla por partes: ∫ ∫−= duvvudvu ···
Cexedxexe
evdxedvdxduxu
dxex xxxx
x
xx +−=−=
====
= ∫∫ ·
54) ( ) ( ) ( ) Cxxxsenxxdxxsenxx ++−+=++∫ cos12)(2 22
RESOLUCIÓN: esta es la integral de un producto. Vamos a resolverla por partes:
Necesitaremos reiterar el procedimiento: ∫ ∫−= duvvudvu ···
( ) ( ) ( )( ) ( )( )dxxxxxx
xdxvdxxsendvdxxdu
xxu
dxxsenxx 12coscos2
cos)(12
2
)(2 2
2
2 +−−−++=
−==
+=++=
=++ ∫∫
vamos a reiterar el procedimiento eligiendo como función u, de nuevo, al polinomio. Esto lo hacemos así porque conforme derivemos u irá bajando el grado del polinomio hasta que desaparezca.
( )( ) ( )( ) ( )( ) ( )( ) ( )[ ]∫∫ −−−+−−++=
−=−==
+=
=+−−−++ dxxsenxsenxxxx
xsenvxdxdvdxduxu
dxxxxxx 2)()(12cos2
)(cos2
12
12coscos2 22
( )( ) ( )( ) ( ) ( ) xxsenxxxxdxxsenxsenxxxx cos2)(12cos2)(2)(12cos2 22 +++++−=−−+−−++= ∫
- web: www.dmdelrio.es 19
2º Bachillerato – Integrales indefinidas (2ª parte)
Ejercicios resueltos de integrales indefinidas – David Miguel del Río – I.E.S. Europa (Móstoles) Sugerencias: [email protected]
podemos agrupar el resultado obtenido agrupando los cosenos:
( ) ( ) ( ) Cxxxsenxxdxxsenxx ++−+=++∫ cos12)(2 22
55) Cxxxdxxx +−=∫ 497lnln
776
RESOLUCIÓN: esta es la integral de un producto. Vamos a resolverla por partes:
Como función u tomaremos el logaritmo. Esto lo hacemos así porque de lo contrario, si fuese dv, habría que integrarlo, lo que no es sencillo.
∫ ∫−= duvvudvu ···
Cxxxxxxdxxxxxdxxxx
xv
dxxdvxdxduxu
dxxx +−=−=−=−=
=
=
=
=
= ∫∫∫ 497ln
771
7ln
71
7ln·
77·ln
7
ln
ln7777
6777
7
66
56) ( ) Cexxdxexx
x ++−
=∫ 27269 32
32
RESOLUCIÓN: esta es la integral de un producto. Vamos a resolverla por partes:
Necesitaremos reiterar el procedimiento: ∫ ∫−= duvvudvu ···
∫∫∫ −=−=
=
===
= dxxeexxdxeexev
dxedvxdxduxu
dxex xxxx
x
xx 3
32
332
3
3
2
32
32
32
33
3
2
vamos a reiterar el procedimiento. Hay que tener cuidado con los signos durante las operaciones:
∫∫∫ +−=
−−=
=
===
=− dxexeexdxeexexev
dxedvdxduxu
dxxeex xxxxxx
x
xx
x3
3323332
3
33
32
92
92
33332
3
3
32
3
Ahora tenemos que integrar la exponencial, que es inmediata. Vamos a hacerla aparte y luego sustituiremos el resultado:
xffxx eeefdxedxe 333
31
31'·
313
31
=
=== ∫ ∫∫
Sustituimos en la expresión antes hallada:
Cexeexexeexdxexeexdxex xxx
xxx
xxx
x ++−=+−=+−= ∫∫ 3332
3332
3332
32
272
9331
92
9392
92
3
en este resultado podemos sacar factor común las exponenciales y agrupar el polinomio: ( ) CexxCexeexdxex
xx
xxx +
+−=++−=∫ 27
269272
92
3
323
33232
57) ( ) ( ) ( ) Cxxxxsenxdxxsenxx +−+−+−=+−∫ 2cos2522
210412
212 323
RESOLUCIÓN: esta es la integral de un producto. Vamos a resolverla por partes:
Necesitaremos reiterar el procedimiento eligiendo como función u, de nuevo, al polinomio. Esto lo hacemos así porque conforme derivemos u irá bajando el grado del polinomio hasta que desaparezca.
∫ ∫−= duvvudvu ···
- web: www.dmdelrio.es 20
2º Bachillerato – Integrales indefinidas (2ª parte)
Ejercicios resueltos de integrales indefinidas – David Miguel del Río – I.E.S. Europa (Móstoles) Sugerencias: [email protected]
( )( )
( ) ( )
( ) ( )∫
∫∫
−++−−=
=−
−−
−+−=
−=
=
−=+−=
=+−
dxxxxxx
dxxxxxx
xv
dxxsendv
dxxduxxu
dxxsenxx
2cos232
2cos122
232
cos22
cos212
2cos2
2
2312
212
23
23
2
3
3
vamos a reiterar el procedimiento con la nueva integral que hemos obtenido. Luego sustituiremos lo hallado:
( ) ( )
( ) ∫
∫∫
−−=
=−−=
=
=
=−=
=−
dxxsenxxsenx
xdxxsenxsenx
xsenv
dxxdvxdxduxu
dxxx
2·12
2232
62
22
223
22
2cos
623
2cos23
2
2
2
2
Sustituimos en el resultado anterior:
( ) ( )( ) ( ) ( ) ( ) ∫∫
∫∫−−++−−=
−−++−−=
=−−=+−
dxxsenxxsenxxxxdxxsenxxsenxxxx
dxxsenxxsenxdxxsenxx
2·24
2234
2cos122
2·12
22322
2cos122
2·12
2232
212
2323
23
Ahora resolveremos por partes la nueva integral que ha aparecido:
∫∫∫ +−=
−−
−=
−=
=
==
= dxxxxdxxxx
xv
dxxsendvdxduxu
dxxsenx2
cos22
cos22
cos22
cos2·
2cos2
22·
Por fin hemos llegado a una integral inmediata. Basta con multiplicar y dividir por ½ para tener la derivada del argumento del coseno. Aplicamos la regla de integración ∫ = )()'·cos( fsenff
24
2cos2
2cos
212·2
2cos2
2cos2
2cos2
2· xsenxxdxxxxdxxxxdxxsenx +−=+−=+−= ∫∫∫
Ya podemos sustituir el resultado encontrado en la cadena de integrales:
( ) ( )( ) ( ) ( ) ( )
( ) ( ) ( ) ( )
( ) ( ) Cxxxxsenx
xsenxxxsenxxxxxsenxxxsenxxxx
dxxsenxxsenxxxxdxxsenxxsenxxxx
dxxsenxxsenxdxxsenxx
+−+−+−==
=−+−++−−=
+−−−++−−=
=−−++−−=
−−++−−=
=−−=+−
∫∫
∫∫
2cos2522
210412
296
2cos48
2234
2cos122
24
2cos224
2234
2cos122
2·24
2234
2cos122
2·12
22322
2cos122
2·12
2232
212
32
2323
2323
23
Para expresar el resultado hemos agrupado en seno y coseno de x/2. 58) Cxxxdxx +−=∫ lnln
RESOLUCIÓN: esta integral se resuelve por partes ( ) de la siguiente manera: ∫ −= duvvudvu ··· ∫
- web: www.dmdelrio.es 21
2º Bachillerato – Integrales indefinidas (2ª parte)
Ejercicios resueltos de integrales indefinidas – David Miguel del Río – I.E.S. Europa (Móstoles) Sugerencias: [email protected]
Cxxxdxxxxdxxxx
xvdxdvxdxduxu
dxx +−=−=−=
==
=
=
= ∫∫∫ lnlnln
ln
ln
59) ( ) ( ) Cxxarcsenxdxxarcsen +−+=∫ 21·
RESOLUCIÓN: esta integral se resuelve por partes ( ) de la siguiente manera: ∫ −= duvvudvu ··· ∫
( )2
2
1)(·1
)(
xdxxxarcsenx
xvdxdvx
dxdu
xarcsenu
dxxarcsen−
−=
==−
=
=
= ∫∫
la nueva integral que hemos obtenido es una potencial (polinomio 1-x2 elevado a –1/2) donde casi tenemos la derivada de la base (basta con multiplicar y dividir por –2). Utilizaremos para resolverla la
regla de integración ∫ ++
=+
Cnfffn
n
1'·
1
( ) ( ) 221
221
21
21
22
1
21
12
1
212
1'·2
1122
11
xxfffdxxxx
dxx −−=−
−=
−=
−=−−
−=
− ∫∫∫−−
Ahora sustituimos el valor de la integral en el resultado hallado anteriormente:
( ) ( )22
2 1)(·1
)(·1
)(
xxarcsenxx
dxxxarcsenx
xvdxdvx
dxdu
xarcsenu
dxxarcsen −−−=−
−=
==−
=
=
= ∫∫
queda: ( ) Cxxarcsenxdxxarcsen +−+=∫ 21)(·
60) ( ) Cxsenxedxxsenex
x +−
=∫ 2cos)(
RESOLUCIÓN: esta integral se resuelve por partes ( ). Presenta la particularidad de
que al reiterar el procedimiento reaparece la integral inicial. Para terminar de resolverla hay que agrupar las integrales.
∫ −= duvvudvu ··· ∫
( )( ) ∫∫
∫∫
−−=−−−=
=
==−==
=−=
====
=
dxxsenexexsenedxsenxexexseneevdxedvdxxsendu
xu
xdxexsene
evdxedvxdxduxsenu
dxxsene
xxxxxx
x
xxx
x
xx
)(cos)(cos)(
)(cos
cos)(cos
)(
)(
Como se puede ver después de reiterar el procedimiento vuelve a aparecer la integral inicial. Lo que haremos es despejar. De momento tenemos:
∫∫ −−= dxxsenexexsenedxxsene xxxx )(cos)()(
xexsenedxxsenedxxsene xxxx cos)()()( −=+ ∫∫
- web: www.dmdelrio.es 22
2º Bachillerato – Integrales indefinidas (2ª parte)
Ejercicios resueltos de integrales indefinidas – David Miguel del Río – I.E.S. Europa (Móstoles) Sugerencias: [email protected]
xexsenedxxsene xxx cos)()(2 −=∫
Cxexsenedxxsenexx
x +−
=∫ 2cos)()(
61) ( ) Cxsenxedxxe
xx
++
=∫ 82393cos3)3cos(
33
RESOLUCIÓN: esta es la integral de un producto. Vamos a resolverla por partes:
Necesitaremos reiterar el procedimiento. ∫ ∫−= duvvudvu ···
( )
∫∫
∫∫∫
−+=
−+=
=
=
==
=
=+=−−=
=
=
−==
=
xdxexsenexexdxexsenexe
ev
dxedv
xdxduxsenu
xdxsenexedxxsenexe
ev
dxedv
xdxsenduxu
dxxe
xxxxxx
x
x
xxxx
x
xx
3cos813273cos33cos333393cos3
3
3cos33
393cos33333cos3
3
333cos
)3cos(
333333
3
3
3333
3
33
Como se puede ver después de reiterar el procedimiento vuelve a aparecer la integral inicial. Lo que haremos es despejar. De momento tenemos:
∫∫ −+= xdxexsenexexdxexxxx
3cos813273cos33cos 3333
xsenexexdxexdxexxxx
3273cos33cos813cos 3333 +=+ ∫∫
xsenexexdxexxx
3273cos33cos82 333 +=∫
Cxsenexexdxe
xxx
++
=∫ 823273cos33cos
333
62) Cexdx
ex
xx ++
−=∫1
RESOLUCIÓN: esta integral se puede resolver por partes. Como función u tomaremos el polinomio, cuya derivación siempre simplifica el polinomio. Como dv tomaremos la exponencial, que es fácil de integrar: ∫ ∫−= duvvudvu ···
( ) ( ) Cex
eexe
exdxe
exdxeex
evdxedvdxduxu
dxxedxex
xxxx
xx
xxx
x
xx ++
−=−−
=−−
=+−
=−−−=
−====
== −−−−
−
−− ∫∫∫∫
111
63) Cxsenxxdxxxsenx ++−
=∫ 82
42cos)cos()(·
RESOLUCIÓN: esta integral tiene un triple producto. Siempre que tengamos el producto de un seno por un coseno podemos recurrir a la fórmula trigonométrica del seno del ángulo doble:
ααα cos22 sensen = . Podemos recurrir a esta expresión multiplicando y dividiendo por 2 en la integral:
- web: www.dmdelrio.es 23
2º Bachillerato – Integrales indefinidas (2ª parte)
Ejercicios resueltos de integrales indefinidas – David Miguel del Río – I.E.S. Europa (Móstoles) Sugerencias: [email protected]
dxxsenxdxxxsenxdxxxsenx ∫∫∫ == )2(·21)cos()(·2·
21)cos()(·
Ahora que tenemos la integral de un producto podemos aplicar la integración por partes:
∫ ∫−= duvvudvu ···
∫∫∫∫ +−
=
−
−−
=−
=
===
== xdxxxxdxxx
xvxdxsendvdxduxu
dxxsenxdxxxsenx 2cos41
42cos2cos
212cos
21·
21
2cos21
2)2(·21)cos()(·
Sólo nos queda resolver la nueva integral que hemos hallado y sustituir el resultado. Para resolver la integral del coseno del ángulo doble multiplicamos y dividimos por 2 para tener la derivada del argumento del coseno. Entonces la integral será inmediata: ∫ = )()cos(' fsenff
xsenxdxxdx 2212cos2
212cos == ∫∫
Sustituyendo en lo que ya habíamos hallado:
xsenxxxdxxxdxxsenxdxxxsenx 221
41
42cos2cos
41
42cos)2(·
21)cos()(· +
−=+
−== ∫∫∫
queda:
Cxsenxxdxxxsenx ++−
=∫ 82
42cos)cos()(·
64) Cxxxdxxx
+−=∫ 4·9ln
2·3ln 3 23 2
3
RESOLUCIÓN: podemos expresar esta integral como producto y utilizar la integración por partes . Luego tomaremos como u el logaritmo, que es más fácil de derivar que de integrar. ∫ −= duvvudvu ··· ∫
∫∫ ∫∫−
−−
−=−=
=
=
=
=
== dxxxxxdxxxx
xv
dxxdv
xdxduxu
dxxxdxxx 3
13 232
32
32
313
1
3 23ln
2·3
23
23·ln
23
ln
·lnln
la integral que tenemos ahora es una inmediata de tipo potencial:
23
32
3 232
31 xxdxx ==∫
−
Ahora sustituimos el valor hallado:
Cxxxxxxdxxxxdxxx
+−=−=−= ∫∫−
4·9ln
2·3
2·3
23ln
2·3
23ln
2·3ln 3 23 23 23 2
313 2
3
65) ( ) ( ) ( )( ) Cxxsenxdxxsen +−
=∫ 2lncoslnln
RESOLUCIÓN: esta integral sería inmediata si el seno fuera de t en vez de ser el seno de un logaritmo. Por eso, como primer paso en la resolución vamos a hacer el cambio de variable t=lnx:
- web: www.dmdelrio.es 24
2º Bachillerato – Integrales indefinidas (2ª parte)
Ejercicios resueltos de integrales indefinidas – David Miguel del Río – I.E.S. Europa (Móstoles) Sugerencias: [email protected]
( ) ∫∫ =
==
=
=
= dtetsen
exxdtdxxdxdtxt
dxxsen t
t
)(
ln
ln
hemos necesitado expresar x en función de t, y como t=ln(x) utilizando las leyes de los logaritmos x=et. Ahora tenemos una integral, en función de t, que puede resolver por partes (de hecho resolvimos la
misma integral en el ejercicio 60, y daba ( ) Cxsenxedxxsenex
x +−
=∫ 2cos)( ). Sustituyendo el resultado
obtenemos:
( ) ( ) ( ) ( )( ) ( ) ( )( ) Cxxsenxxxsenetsentedtetsen
exxdtdxxdxdtxt
dxxsenxt
t
t
+−
=−
=−
==
==
=
=
= ∫∫ 2lncosln
2lncosln
2cos)(
ln
lnln
Para ver porqué elnx vale x hay que utilizar las leyes de los logaritmos: primero suponemos que elnx=k, y aplicamos logaritmos a la ecuación ln(elnx)=lnk. Ahora aplicamos las leyes de los logaritmos: lnx·lne=lnk, como lne=1 queda lnx=lnk, de donde x=k, es decir como supusimos que elnx=k, entonces elnx=x
66) ( ) Cxxdxxx
x++−=
+−−
∫ 65ln65
52 22
RESOLUCIÓN: esta integral es inmediata. Se trata de una función racional que se puede integrar utilizando la regla de integración ( )+= Cf
ff ln'
∫ :
( ) Cxxfffdx
xxx
++−=
==
+−−
∫∫ 65ln)ln('65
52 22
Esta integral también se puede resolver haciendo un cambio de variable, llamando t a la función f:
( )( ) Cxxt
tdt
dxxdtxxt
dxxx
x++−===
−=+−=
=+−
−∫∫ 65ln)ln(
5265
6552 2
2
2
67) ( ) ( ) Cxxdxxxx
+−+−−=+−∫ 3ln32ln2
652
RESOLUCIÓN: esta integral, como racional que es, se puede intentar resolver utilizando la técnica de fracciones simple. Para ello factorizamos el denominador: x2–5x+6=(x–2)(x–3). Vamos a tratar de expresar el integrando como fracciones simples:
( )( )( ) ( )
( )( )( ) ( )
6532
6532
2332
232365 222 +−−−++
=+−−+−
=−−−+−
=−
+−
=−−
=+− xx
BAxBAxx
BxBAxAxx
BxAxxB
xA
xxx
xxx
Comparando el numerador del quebrado inicial y el final planteamos el sistema:
23032
1−==⇒
=−−=+
BABA
BA
por lo tanto:
∫∫∫∫ −−
−=
−−
−=
+−⇒
−−
−=
+−dx
xdx
xdx
xxdx
xxx
xxxxx
22
33
32
33
6522
33
65 22
ahora tenemos dos integrales racionales inmediatas utilizando la relación: ∫ = )ln(' fff
- web: www.dmdelrio.es 25
2º Bachillerato – Integrales indefinidas (2ª parte)
Ejercicios resueltos de integrales indefinidas – David Miguel del Río – I.E.S. Europa (Móstoles) Sugerencias: [email protected]
( ) ( )∫∫∫∫∫ +−−−=−
−−
=−
−−
=+−
Cxxxdx
xdxdx
xdx
xdx
xxx 2ln23ln3
22
33
22
33
652
68) ( ) Cxxdxxx
x+
+−=
+−−
∫ 286ln3
8693 2
2
RESOLUCIÓN: esta integral, como racional que es, se puede intentar resolver utilizando la técnica de fracciones simple. Para ello factorizamos el denominador: x2–6x+8=(x–2)(x–4). Vamos a tratar de expresar el integrando como fracciones simples:
( )( )( ) ( )
( )( )4224
4224
428693
2 −−−−++
=−−−+−
=−
+−
=+−
−xx
BAxBAxx
BBxAAxxB
xA
xxx
Comparando el numerador del quebrado inicial y el final planteamos el sistema:
23
23
9243
==⇒
−=−−=+
BABABA
por lo tanto:
∫∫∫∫ −+
−=
−+
−=
+−−
⇒−
+−
=+−
−42
322
34
23
223
8693
423
223
8693
22 xdx
xdxdx
xxdx
xxx
xxxxx
ahora tenemos dos integrales racionales inmediatas utilizando la relación: ∫ = )ln(' fff
( ) ( ) ( )( )[ ] ( ) Cxxxxxxxdx
xdxdx
xxx
++−
=−−=−+−=−
+−
=+−
−∫∫∫ 2
86ln342ln234ln
232ln
23
423
223
8693 2
2
69) ( ) ( ) Cxxdxxx
+−+−−=+−∫ 4ln2ln
862
2
RESOLUCIÓN: esta integral, como racional que es, se puede intentar resolver utilizando la técnica de fracciones simple. Para ello factorizamos el denominador: x2–6x+8=(x–2)(x–4). Vamos a tratar de expresar el integrando como fracciones simples:
( )( )( ) ( )
( )( )4224
4224
42862
2 −−−−++
=−−−+−
=−
+−
=+− xx
BAxBAxx
BBxAAxxB
xA
xx
Comparando el numerador del quebrado inicial y el final planteamos el sistema:
11224
0=−=⇒
=−−=+
BABA
BA
por lo tanto:
∫∫∫∫ −+
−−=
−+
−−
=+−
⇒−
+−−
=+− 424
12
186
24
12
186
222 x
dxxdxdx
xxdx
xxxxxx
ahora tenemos dos integrales racionales inmediatas utilizando la relación: ∫ = )ln(' fff
( ) ( ) Cxxxdx
xdxdx
xx+−+−−=
−+
−−=
+− ∫∫∫ 4ln2ln4286
22
70) ( ) Cx
xdxxxx
+
−−−=
+−∫ 333ln
23
181223
2
RESOLUCIÓN: esta integral, como racional que es, se puede intentar resolver utilizando la técnica de fracciones simple. Lo primero que podemos hacer es extraer de la integral las constantes que podamos:
dxxxxdx
xxx
∫∫ +−=
+− 9623
181223
22
- web: www.dmdelrio.es 26
2º Bachillerato – Integrales indefinidas (2ª parte)
Ejercicios resueltos de integrales indefinidas – David Miguel del Río – I.E.S. Europa (Móstoles) Sugerencias: [email protected]
Ahora factorizamos el denominador: x2–6x+9=(x–3)2 Tenemos una raíz repetida, por lo que vamos a expresar las fracciones simples de la siguiente manera:
( ) ( )( )
963
33
3396 2222 +−+−+
=−
+−=
−+
−=
+− xxBAAx
xBAAx
xB
xA
xxx
Comparando el numerador del quebrado inicial y el final planteamos el sistema:
3103
1==⇒
=+−=
BABA
A
por lo tanto:
( ) ( ) ( )∫∫∫∫ −+
−=
−
+−
=+−
⇒−
+−
=+− 22222 3
333
33
1963
33
196 x
dxxdxdx
xxdx
xxx
xxxxx
ahora tenemos dos integrales inmediatas. La primera es una racional del tipo: ∫ = )ln(' fff , y la segunda
es una potencial del tipo ∫ ++
=+
Cnfffn
n
1'·
1
que debemos expresar como (x–3)-2 para verla.
( )( ) ( ) ( ) ( )
333ln
1333ln33
333
396
12
22 −−−=
−−
+−=−+−
=−
+−
=+−
−−∫∫∫∫∫ x
xxxdxxxdx
xdx
xdxdx
xxx
Ahora sustituimos este resultado en el primer desglose de la integral:
( ) Cx
xdxxxxdx
xxx
+
−−−=
+−=
+− ∫∫ 333ln
23
9623
181223
22
71) ( ) ( )[ ] Cxxdxx
++−−=−∫ 2ln2ln
42
21
2
RESOLUCIÓN: esta integral, como racional que es, se puede intentar resolver utilizando la técnica de fracciones simple. Ocurre que la factorización no es exacta, pero eso no compromete la eficacia del método de fracciones simples. Podemos factorizar utilizando la relación de diferencia de cuadrados es igual al producto de suma por diferencia: ( ) ( )( )222 2 −+=− xxx Ahora vamos a tratar de expresar el integrando como fracciones simples:
( )( )( ) ( )
( )( )2222
2222
2221
2 −++−++
=−+++−
=−
++
=− xx
BAxBAxx
BBxAAxxB
xA
x
Comparando el numerador del quebrado inicial y el final planteamos el sistema:
221
221
1220
=−
=⇒
=+−=+
BABA
BA
por lo tanto:
∫∫∫∫ −+
+−
=
−+
+
−
=−
⇒−
++
−
=− 222
1222
12
221
2221
21
222
1
2221
21
22 xdx
xdxdx
xxdx
xxxx
ahora tenemos dos integrales racionales inmediatas utilizando la relación: ∫ = )ln(' fff
( ) ( )2ln22
12ln221
2221
2221
21
2 −++−
=−
++
−=
− ∫∫∫ xxxdx
xdxdx
x
y, racionalizando el resultado sale:
( ) ( ) ( ) ( )[ ] ( ) ( )[ ] Cxxxxxxdxx
++−−=+−−=−++−
=−∫ 2ln2ln
422ln2ln
2212ln
2212ln
221
21
2
- web: www.dmdelrio.es 27
2º Bachillerato – Integrales indefinidas (2ª parte)
Ejercicios resueltos de integrales indefinidas – David Miguel del Río – I.E.S. Europa (Móstoles) Sugerencias: [email protected]
También podríamos utilizar propiedades de los logaritmos y expresar la solución así:
( ) ( )[ ] Cxxxxdx
x+
+−
=+−−=−∫ 2
2ln422ln2ln
42
21
2
72) C
xarctgdx
x+=
+∫ 22
41
2
RESOLUCIÓN: esta integral se “parece” a la del arcotangente. Únicamente necesitamos que el 4 se convierta en 1. Esto podemos conseguirlo dividiendo numerador y denominador entre 4:
dxx
dxx
dxx
dxx
dxx ∫∫∫∫∫
+
=+
=+
=+
=+
12
141
44
2
41
44
4
41
44
41
41
2
2
2222
ahora tenemos una integral del “tipo arcotangente”, que sería inmediata si dispusiéramos de la derivada de la función, que es ½. Para ello multiplicamos y dividimos por ½ y aplicamos la regla de integración
( )∫ =+
farctgff
21'
Cxarctgdxx
dxx
dxx
+
=
+
=+
=+ ∫∫∫ 22
1
12
21
241
12
141
41
222
Esta integral también se puede resolver haciendo un cambio de variable llamando t a la función:
( ) Cxarctgtarctgtdt
tdt
dxdt
dxdt
xt
dxx
dxx
+
==
+=
+=
=
=
=
=+
=+ ∫∫∫∫ 22
121
142
12
41
22
2
12
141
41
2222
73) ( ) ( ) Cxarctgxxdxxx
x++−
++=
++−
∫ 122
22ln22
1 2
2
RESOLUCIÓN: esta integral podría ser inmediata tipo racional si tuviéramos como numerador la derivada del denominador. Esto podemos conseguirlo manipulando el quebrado:
dxxx
dxxx
xdxxx
xdxxx
xdxxx
xdxxx
x∫∫∫∫∫∫ ++
−++
+=
++−+
=++−+−
=++
−=
++−
224
21
2222
21
22422
21
222222
21
2222
21
221
222222
La primera de las integrales es una racional inmediata (es lo que hemos buscado).
( )22ln22
22 22 ++=
+++
∫ xxdxxx
x
Sustituimos:
( ) dxxx
xxdxxx
dxxx
xdxxx
x∫∫∫∫ ++
−++=++
−++
+=
++−
221
2422ln
21
224
21
2222
21
221
22
222
La segunda de las integrales la podemos manipular para conseguir un tipo arcotangente:
( )( ) ( )1
1'
111
1121
221
2222 +=
=
+=
++=
+++=
++ ∫∫∫∫ xarctgfarctgffdx
xdx
xxdx
xx
Sustituyendo:
( ) ( ) ( ) Cxarctgxxdxxx
xxdxxx
x++−++=
++−++=
++−
∫∫ 1222ln21
221
2422ln
21
221 2
22
2
- web: www.dmdelrio.es 28
2º Bachillerato – Integrales indefinidas (2ª parte)
Ejercicios resueltos de integrales indefinidas – David Miguel del Río – I.E.S. Europa (Móstoles) Sugerencias: [email protected]
74) ( ) ( ) Cxxdxxx
++−−
=−−∫ 4
1ln7ln76
22
RESOLUCIÓN: esta integral, como racional que es, se puede intentar resolver utilizando la técnica de fracciones simple. Para ello factorizamos el denominador: x2–6x–7=(x–7)(x+1). Vamos a tratar de expresar el integrando como fracciones simples:
( )( )( ) (
( )( ))
177
177
17762
2 +−−++
=+−−++
=+
+−
=−− xx
BAxBAxx
BBxAAxxB
xA
xx
Comparando el numerador del quebrado inicial y el final planteamos el sistema:
41
41
270 −
==⇒
=−=+
BABABA
por lo tanto:
∫∫∫∫ +−
−=
+
−
+−
=−−
⇒+
−
+−
=−− 14
174
11
41
741
762
141
741
762
22 xdx
xdxdx
xxdx
xxxxxx
ahora tenemos dos integrales racionales inmediatas utilizando la relación: ∫ = )ln(' fff
( ) ( ) Cxxxdx
xdxdx
xx++−−=
+−
−=
−− ∫∫∫ 1ln417ln
41
141
741
762
2
podemos sacar factor común y aplicar las leyes de los logaritmos:
( ) ( )[ ] CxxCxxdx
xx+
+−
=++−−=−−∫ 1
7ln411ln7ln
41
762
2
75) Cxxdxxx
x+
++
−+
−+
+=
++−
∫ 253ln
5565
253ln
5565
1332
2
RESOLUCIÓN: esta integral, como racional que es, se puede intentar resolver utilizando la técnica de fracciones simples. Nos vamos a encontrar con el problema de la factorización del denominador. Para encontrar las raíces del denominador lo igualamos a cero y resolvemos la ecuación de segundo grado:
++
−+=++⇒
−−=
+−=±−
=−±−
=⇒=++2
532
5313
253
253
253
2493013 22 xxxx
x
xxxx
Vamos a tratar de expresar el integrando como fracciones simples:
( )
132
532
53
253
253
253
253
253
25313
3222 ++
−+
+++
=
++
−+
−++
++
=+
++
−+
=++
−xx
BAxBA
xx
BBxAAx
x
B
x
Axx
x
Comparando el numerador del quebrado inicial y el final planteamos el sistema:
5565
5565
32
532
532 +
=+
=⇒
−=−
++
=+BABA
BA
por lo tanto:
- web: www.dmdelrio.es 29
2º Bachillerato – Integrales indefinidas (2ª parte)
Ejercicios resueltos de integrales indefinidas – David Miguel del Río – I.E.S. Europa (Móstoles) Sugerencias: [email protected]
∫∫
∫∫
++
++
−+
+=
=
++
+
+−
+
+
=++
−⇒
++
+
+−
+
+
=++
−
2535
565
2535
5652
535
565
253
5565
1332
253
5565
253
5565
1332
22
x
dx
x
dx
dxxx
dxxx
x
xxxx
x
ahora tenemos dos integrales racionales inmediatas utilizando la relación: ∫ = )ln(' fff
Cxxx
dx
x
dxdxxx
x+
+++
−+
+=
++
++
−+
+=
++−
∫∫∫ 253ln
253ln
5565
2535
565
2535
56513
322
76) ( ) Cx
xdxxx
x+
−−−=
+−+
∫ 2102ln2
4462
2
RESOLUCIÓN: esta integral podría ser inmediata tipo racional si tuviéramos como numerador la derivada del denominador. Esto podemos conseguirlo manipulando el quebrado:
4410
4442
441042
444462
4462
22222 +−+
+−−
=+−+−
=+−+−+
=+−
+xxxx
xxx
xxx
xxx
x
Tenemos:
∫∫∫∫ +−+
+−−
=
+−+
+−−
=+−
+ dxxx
dxxx
xdxxxxx
xdxxx
x44
1044
4244
1044
4244
6222222
La primera de las integrales es una racional inmediata al tener como numerador la derivada del
denominador. Podemos aplicar la regla de integración ( )∫ = fff ln'
( ) ∫∫∫∫ +−++−=
+−+
+−−
=+−
+ dxxx
xxdxxx
dxxx
xdxxx
x44
1044ln44
1044
4244
622
2222
La segunda de las integrales se puede manipular para convertirla en una potencial inmediata:
∫ +=
+
1'
1
nfffn
n
( )( ) ( )
210
1210210
2110
4410 1
222 −
−=
−−
=−=−
=+− ∫∫∫
−−
xxdxxdx
xdx
xx
Sustituyendo queda:
( ) ( ) Cx
xxdxxx
xxdxxx
x+
−−+−=
+−++−=
+−+
∫∫ 21044ln
441044ln
4462 2
22
2
Esta integral también puede hacerse por el método de fracciones simples, teniendo en cuenta que el denominador tiene raíces múltiples: x2-4x+4=(x–2)2 vamos a expresar las fracciones simples de la siguiente manera:
( ) ( )( )
442
22
224462
2222 +−+−+
=−
+−=
−+
−=
+−+
xxBAAx
xBAAx
xB
xA
xxx
Comparando el numerador del quebrado inicial y el final planteamos el sistema:
10262
2==⇒
=+−=
BABA
A
por lo tanto:
- web: www.dmdelrio.es 30
2º Bachillerato – Integrales indefinidas (2ª parte)
Ejercicios resueltos de integrales indefinidas – David Miguel del Río – I.E.S. Europa (Móstoles) Sugerencias: [email protected]
( ) ( ) ( )∫∫∫∫ −+
−=
−
+−
=+−
+⇒
−+
−=
+−+
22222 210
22
210
22
4462
210
22
4462
xdx
xdxdx
xxdx
xxx
xxxxx
ahora tenemos dos integrales inmediatas. La primera es una racional del tipo: ∫ = )ln(' fff , y la segunda
es una potencial del tipo ∫ ++
=+
Cnfffn
n
1'·
1
que debemos expresar como (x–2)-2 para verla.
( )( ) ( ) ( ) ( )
2102ln2
12102ln2210
22
210
22
4462 1
222 −
−−=−−
+−=−+−
=−
+−
=+−
+ −−∫∫∫∫∫ x
xxxdxxxdx
xdx
xdxdx
xxx
Hemos obtenido:
( ) Cx
xdxxx
x+
−−−=
+−+
∫ 2102ln2
4462
2
77) ( ) Cxdxxx
++
=+∫ 2
25ln25
2
2
RESOLUCIÓN: esta integral es una racional en la que casi tenemos como numerador la derivada del denominador, bastaría con multiplicar y dividir por 2. Podemos aplicar la regla de integración
∫ = )ln(' fff
( ) ( ) Cxfffdx
xxdx
xx
++=
==
+=
+ ∫∫∫ 25ln21ln'
252
21
252
22
También podemos resolver esta integral haciendo un cambio de variable, llamando t a la función:
( ) ( ) Cxttdt
t
dt
xdxdtxdxdt
xtdx
xx
++
====
=
=+=
=+ ∫ ∫∫ 2
25lnln21
212
2
225
25
22
2
78) ( ) ( )[ ] Cxxxxdxxxx
++−−
++=−++
∫ 63ln3ln9110
391 3
2
24
RESOLUCIÓN: esta integral es una racional en la que el grado del numerador es mayor que el grado del denominador. Por ello lo primero es dividir los polinomios.
99110
91
22
2
24
−++=
−++
xx
xxx
Sustituyendo en la integral:
∫∫∫∫∫∫ −++=
−++=
−++=
−++ dx
xxxdx
xdxdxxdx
xxdx
xxx
99110
399110
99110
91
2
3
22
22
2
24
Esta nueva integral la podemos resolver por la técnica de fracciones simples. Para ello hay que factorizar el denominador: (x2-9)=(x+3)(x–3). Vamos a tratar de expresar el integrando como fracciones simples:
( )( )( ) ( )
( )( )3333
3333
33991
2 +−−++
=+−−++
=+
+−
=− xx
BAxBAxx
BBxAAxxB
xA
x
Comparando el numerador del quebrado inicial y el final planteamos el sistema:
691
691
91330 −
==⇒
=−=+
BABABA
por lo tanto:
- web: www.dmdelrio.es 31
2º Bachillerato – Integrales indefinidas (2ª parte)
Ejercicios resueltos de integrales indefinidas – David Miguel del Río – I.E.S. Europa (Móstoles) Sugerencias: [email protected]
∫∫∫∫ +−
−=
+
−
+−
=−
⇒+
−
+−
=− 36
9136
913
691
3691
991
3691
3691
991
22 xdx
xdxdx
xxdx
xxxx
ahora tenemos dos integrales racionales inmediatas utilizando la relación: ∫ = )ln(' fff
( ) ( )3ln6913ln
691
3691
3691
991
2 +−−=+
−−
=− ∫∫∫ xx
xdx
xdxdx
x
podemos sacar factor común y aplicar las leyes de los logaritmos:
( ) ( )
+−
=+−−=−∫ 3
3ln6913ln
6913ln
691
991
2 xxxxdx
x
Ahora podemos sustituir:
Cxxxxdx
xxxdx
xxx
+
+−
++=−
++=−++
∫∫ 33ln
69110
399110
391 3
2
3
2
24
79) ( ) ( ) ( ) Cxxxdxxxxxx
++
+−
−+−=−−+−−
∫ 53ln81
52ln2ln10
12436116
23
2
RESOLUCIÓN: esta integral, como racional que es, se puede intentar resolver utilizando la técnica de fracciones simple. Para ello factorizamos el denominador: x3+3x2–4x–12=(x+2)(x–2)(x+3). Vamos a tratar de expresar el integrando como fracciones simples:
( )( )( )( ) ( ) ( )
12434665
3224656
32212436116
23
2
222
23
2
−−+−+−+++++
=
=+−+
−++++−+=
++
−+
+=
−−+−−
xxxCBAxBAxCBA
xxxCCxBBxBxAAxAx
xC
xB
xA
xxxxx
Comparando el numerador del quebrado inicial y el final planteamos el sistema:
581
5110
6466115
6=
−=−=⇒
−=−+−−=+=++
CBACBA
BACBA
por lo tanto:
∫ ∫∫
∫∫
++
−−
+−=
=
++
−
−
++
−=
−−+−−
⇒+
+−
−
++
−=
−−+−−
3581
251
210
3581
251
210
12436116
3581
251
210
12436116
23
2
23
2
xdx
xdx
xdx
dxxxx
dxxxxxx
xxxxxxxx
ahora tenemos tres integrales racionales inmediatas utilizando la relación: ∫ = )ln(' fff
( ) ( ) ( ) Cxxxxdx
xdx
xdxdx
xxxxx
+++−−+−=+
+−
−+
−=−−+−−
∫ ∫∫∫ 3ln5812ln
512ln10
3581
251
210
12436116
23
2
80) ( ) ( ) ( ) Cxxxdxxxx
xx+
−+
++−=
+−−−−
∫ 53ln23
52ln71ln
6521127
23
2
RESOLUCIÓN: esta integral, como racional que es, se puede intentar resolver utilizando la técnica de fracciones simple. Para ello factorizamos el denominador: x3–2x2–5x+6=(x+2)(x–3)(x–1). Vamos a tratar de expresar el integrando como fracciones simples:
- web: www.dmdelrio.es 32
2º Bachillerato – Integrales indefinidas (2ª parte)
Ejercicios resueltos de integrales indefinidas – David Miguel del Río – I.E.S. Europa (Móstoles) Sugerencias: [email protected]
( )( )( )( ) ( ) ( )
6526234
1326234
1326521127
23
2
222
23
2
+−−−−+−+−+++
=
=−−+
−−+−+++−=
−+
−+
+=
+−−−−
xxxCBAxCBAxCBAxxx
CCxCxBBxBxAAxAxxC
xB
xA
xxxxx
Comparando el numerador del quebrado inicial y el final planteamos el sistema:
1523
57
1162324
7===⇒
−=−−−=−+−
=++CBA
CBACBACBA
por lo tanto:
∫ ∫∫
∫∫
−+
−+
+=
=
−+
−+
+=
+−−−−
⇒−
+−
++
=+−−
−−
13523
257
11
3523
257
6521127
11
3523
257
6521127
23
2
23
2
xdx
xdx
xdx
dxxxx
dxxxx
xxxxxxxx
xx
ahora tenemos tres integrales racionales inmediatas utilizando la relación: ∫ = )ln(' fff
( ) ( ) ( ) Cxxxxdx
xdx
xdxdx
xxxxx
+−+−++=−
+−
++
=+−−
−−∫ ∫∫∫ 1ln3ln
5232ln
57
13523
257
6521127
23
2
81) ( ) ( ) Carctgxxxxxdxxxx
xxxx+−++−++=
−+−+−++
∫ 1ln1ln331
1242 2223
234
RESOLUCIÓN: esta integral es una racional en la que el grado del numerador es mayor que el grado del denominador. Por ello lo primero es dividir los polinomios.
143532
11242
23
2
23
234
−+−+−
++=−+−
+−++xxxxxx
xxxxxxx
Sustituyendo en la integral:
∫∫
∫∫∫∫∫
−+−+−
++=−+−
+−++=
=−+−
+−++=
−+−
+−++=
−+−+−++
dxxxxxxxxdx
xxxxxxx
dxxxxxxdxxdxdx
xxxxxxdx
xxxxxxx
14353
14353
22
143532
143532
11242
23
22
23
22
23
2
23
2
23
234
Esta nueva integral la podemos resolver por la técnica de fracciones simples. Para ello hay que factorizar el denominador: (x3–x2+x–1)=(x–1)(x2+1). Vamos a tratar de expresar el integrando como fracciones simples teniendo en cuenta que uno de los polinomios es de segundo grado:
( )( )( ) ( ) ( )
( )( )1111111435
2
2
2
22
223
2
+−−++−++
=+−
−+−++=
++
+−
=−+−
+−xx
NAxNMxMAxx
NNxMxMxAAxx
NMxxA
xxxxx
Comparando el numerador del quebrado inicial y el final planteamos el sistema:
1234
35
−===⇒
=−−=+−
=+NMA
NANMMA
por lo tanto:
∫∫∫∫ +−
+−
=
+−
+−
=−+−
+−⇒
+−
+−
=−+−
+− dxxx
xdxdx
xx
xdx
xxxxx
xx
xxxxxx
112
13
112
13
1435
112
13
1435
2223
2
223
2
la primera de las integrales es una racional inmediata que podemos resolver con: ∫ = )ln(' fff
- web: www.dmdelrio.es 33
2º Bachillerato – Integrales indefinidas (2ª parte)
Ejercicios resueltos de integrales indefinidas – David Miguel del Río – I.E.S. Europa (Móstoles) Sugerencias: [email protected]
( )1ln1
−=−∫ xxdx
En la segunda de las integrales podemos separar el quebrado y luego la integral en resta de integrales:
( ) ( )xarctgxdxx
dxxxdx
xx
−+=+
−+
=+−
∫∫∫ 1ln1
11
2112 2
222
Ahora podemos sustituir todos estos resultados:
( ) ( ) Cxarctgxxxx
dxx
dxxx
xdxxxdx
xxxxxxxdx
xxxxxxx
+−++−++=
=+
−+
+−
++=−+−
+−++=
−+−+−++
∫∫∫∫∫)(1ln1ln33
11
12
133
14353
11242
22
222
23
22
23
234
82) ( ) Cxxxdxxxx
xx+−−−=
−−−−−
∫ 322ln322
243 2323
2
RESOLUCIÓN: esta integral es una racional en la que casi tenemos como numerador la derivada del denominador, bastaría con multiplicar y dividir por 2. Podemos aplicar la regla de integración
∫ = )ln(' fff
( ) ( ) Cxxxfffdx
xxxxx
+−−−=
==
−−−−−
∫∫ 322lnln'322
243 2323
2
También podemos resolver esta integral haciendo un cambio de variable, llamando t a la función:
( ) ( ) ( ) Cxxxttdt
dxxxdtxxxt
dxxxx
xx+−−−===
−−=−−−=
=−−−
−−∫∫ 322lnln
243322
322243 23
2
23
23
2
83) ( ) ( ) Cxxxxxx
dx+
−+
−−=
+−∫ 33ln
22ln
6ln
65 23
RESOLUCIÓN: esta integral, como racional que es, se puede intentar resolver utilizando la técnica de fracciones simple. Para ello factorizamos el denominador: x3–5x2+6x=x(x–3)(x–2). Vamos a tratar de expresar el integrando como fracciones simples:
( )( )( ) ( ) ( )
xxxAxCBAxCBAxxx
CxCxBxBxAAxAxxC
xB
xA
xxx
656325
233265
23651
23
2
222
23
+−+−−−+++
=
=−−
−+−++−=
−+
−+=
+−
Comparando el numerador del quebrado inicial y el final planteamos el sistema:
21
31
61
160325
0−
===⇒
==−−−
=++CBA
ACBA
CBA
por lo tanto:
∫ ∫∫
∫∫
−−
−+=
=
−
−
+−
+=+−
⇒−
−
+−
+=+−
221
331
61
221
331
61
651
221
331
61
651
2323
xdx
xdx
xdx
dxxxx
dxxxxxxxxxx
ahora tenemos tres integrales racionales inmediatas utilizando la relación: ∫ = )ln(' fff
( ) ( ) Cxxxxdx
xdx
xdx
xxxdx
+−
−−
+=−
−−
+=+− ∫ ∫∫∫ 2
2ln3
3ln6
ln22
133
161
65 23
- web: www.dmdelrio.es 34
2º Bachillerato – Integrales indefinidas (2ª parte)
Ejercicios resueltos de integrales indefinidas – David Miguel del Río – I.E.S. Europa (Móstoles) Sugerencias: [email protected]
84) ( )( ) C
xarctgarctgx
xxdx
+−
=++∫ 6
22
41 22
RESOLUCIÓN: esta es una integral racional que podemos intentar por fracciones simples. Si conseguimos separar los dos factores podemos tratar de encontrar integrales del tipo arcotangente. Por eso vamos a tratar de expresar el integrando como fracciones simples de la siguiente manera:
( )( ) ( )( )( ) (
( )( ))
414
414
41411
22
2
22
22
2222 +++++
=++
+++=
++
+=
++ xxBAxBA
xxBBxAAx
xB
xA
xx
Comparando el numerador del quebrado inicial y el final planteamos el sistema:
31
31
140 −
==⇒
=+=+
BABABA
por lo tanto:
( )( ) ( )( )
∫ ∫ ∫ ∫∫∫∫
∫∫
+
−+
=+
−+
=+
−+
=+
−+
=
=
+
−
++
=++
⇒+
−
++
=++
12
22121
131
12
121
131
44
431
131
431
131
431
131
411
431
131
411
22222222
22222222
x
dx
xdx
xdx
xdx
x
dx
xdx
xdx
xdx
dxxx
dxxxxxxx
∫
ahora tenemos dos integrales racionales inmediatas utilizando la relación: ∫ =+
)(1
'2 farctgff Queda:
( )( ) ( ) C
xarctgarctgxxarctgxarctgx
dx
xdx
xxdx
+−
=
−+=
+
−+
=++ ∫∫∫ 6
22
2611
31
12
22121
131
412
2222
85) ( ) ( ) Cxxxdxxxx
x+
−+
−−=
+−+
∫ 64ln41
31ln7
2ln
4525
23
2
RESOLUCIÓN: esta integral, como racional que es, se puede intentar resolver utilizando la técnica de fracciones simple. Para ello factorizamos el denominador: x3–5x2+4x=x(x–1)(x–4). Vamos a tratar de expresar el integrando como fracciones simples:
( )( )( ) ( ) ( )
xxxAxCBAxCBAxxx
CxCxBxBxAAxAxxC
xB
xA
xxxx
45445
41445
414525
23
2
222
23
2
+−+−−−+++
=
=−−
−+−++−=
−+
−+=
+−+
Comparando el numerador del quebrado inicial y el final planteamos el sistema:
641
37
21
24045
5=
−==⇒
==−−−
=++CBA
ACBA
CBA
por lo tanto:
- web: www.dmdelrio.es 35
2º Bachillerato – Integrales indefinidas (2ª parte)
Ejercicios resueltos de integrales indefinidas – David Miguel del Río – I.E.S. Europa (Móstoles) Sugerencias: [email protected]
∫ ∫∫
∫∫
−+
−−=
=
−+
−
−
+=+−
+⇒
−+
−
−
+=+−
+
4641
137
21
4641
137
21
6525
4641
137
21
4525
23
2
23
2
xdx
xdx
xdx
dxxxx
dxxxx
xxxxxxx
x
ahora tenemos tres integrales racionales inmediatas utilizando la relación: ∫ = )ln(' fff
( ) ( ) Cxxxxdx
xdx
xdxdx
xxxx
+−
+−
−=−
+−
−=+−
+∫ ∫∫∫ 6
4ln413
1ln72
ln46
4113
721
4525
23
2
86) ( ) ( ) Carctgxxxxdxxx
+−+
−−
+=−∫ 24
1ln4
1ln14
4
RESOLUCIÓN: esta integral es una racional en la que el grado del numerador es mayor que el grado del denominador. Por ello lo primero es dividir los polinomios.
111
1 44
4
−+=
− xxx
Sustituyendo en la integral:
∫∫∫∫ −+=
−+=
−dx
xdxdx
xdx
xx
11
111
1 444
4
Esta nueva integral la podemos resolver por la técnica de fracciones simples. Para ello hay que factorizar el denominador: (x4–1)=(x–1)(x+1)(x2+1). Podemos tratar de encontrar integrales del tipo racional y del tipo arcotangente. Por eso vamos a tratar de expresar el integrando como fracciones simples de la siguiente manera:
( )( )( )( ) ( ) ( )
1
11111111
4
2
2
22323
24
−−−++−++
=
=++−
−+−+−++++=
++
++
−=
−
xCBAxCBAxBAxxx
CCxBBxBxBxAAxAxAxxC
xB
xA
x
Comparando el numerador del quebrado inicial y el final planteamos el sistema:
21
41
41
10
0−
=−
==⇒
=−−=+−
=+CBA
CBACBABA
por lo tanto:
∫ ∫∫
∫∫
+−
+−
−=
=
+
−
++
−
+−
=−
⇒+
−
++
−
+−
=−
121
141
141
121
141
141
11
121
141
141
11
2
2424
xdx
xdx
xdx
dxxxx
dxxxxxx
ahora tenemos dos integrales racionales inmediatas utilizando la relación: ∫ = )ln(' fff y otra integral
tipo arcotangente, también inmediata utilizando la relación: ( )∫ =+
farctgff
21'
( ) ( ) Carctgxxxxxdx
xdx
xdxxdx
xx
+−+
−−
+=+
−+
−−
+=− ∫ ∫∫∫ 24
1ln4
1ln12
114
114
11 24
4
- web: www.dmdelrio.es 36
2º Bachillerato – Integrales indefinidas (2ª parte)
Ejercicios resueltos de integrales indefinidas – David Miguel del Río – I.E.S. Europa (Móstoles) Sugerencias: [email protected]
87) ( )( )( ) ( ) ( ) ( ) Cxarctgxxdxxxxxxxx
++−−++=+++−
+++∫ 522ln2ln
261022852182
2
23
RESOLUCIÓN: Esta integral la podemos resolver por la técnica de fracciones simples. Para ello ya tenemos factorizado el denominador: (x–2)(x+2)(x2+10x+26). Vamos a tratar de expresar el integrando como fracciones simples teniendo en cuenta que uno de los polinomios es de segundo grado:
( )( )( )
( )( )( )( ) ( ) ( ) (
( )( )( ))
261022452524646812
261022445268524612
261022261022852182
2
23
2
232323
22
23
+++−−−+−+++++++
=
=+++−
−−++−++++++=
=++
++
++
−=
+++−+++
xxxxNBAxMBAxNBAxMBA
xxxxNMxNxMxBBxBxBxAAxAxAx
xxNMx
xB
xA
xxxxxxx
Comparando el numerador del quebrado inicial y el final planteamos el sistema:
2011
845252524646
188122
−====
=−−=−+=++=++
NMBA
NBAMBANBAMBA
por lo tanto:
( )( )( )
( )( )( ) ( ) ( ) ∫∫∫∫∫ ++−++−=
++−
++
−=
+++−+++
⇒
⇒++
−+
++
−=
+++−+++
261022ln2ln
26102
22261022852182
26102
21
21
261022852182
222
23
22
23
xxdxxx
xxdx
xdx
xdxdx
xxxxxxx
xxxxxxxxxxx
Ahora tenemos que resolver la integral racional, que es del tipo arcotangente. Esto se puede ver cuadrando el denominador:
( ))5()(
1'
152610 222 +=
=
+=
++=
++ ∫ ∫∫ xarctgfarctgff
xdx
xxdx
Sustituyendo queda:
( )( )( ) ( ) ( ) ( ) ( ) Cxarctgxxxxdxxxdx
xxxxxxx
++−++−=++
−++−=+++−
+++∫∫ )5(22ln2ln
261022ln2ln
261022852182
22
23
88) ( ) Cxsenxsendxxxsen ++=∫ 64cos)(
6433
RESOLUCIÓN: Vamos a tratar de convertir esta integral en una del tipo potencial para poder
resolverla utilizando la regla de integración ∫ ++
=+
Cnfffn
n
1'·
1
12 =x
. Para ello vamos a utilizar la relación
fundamental de la trigonometría: cos2 + senx( ) ( ) ( ) ( )( )
( ) ( )dxxxsendxxxsendxxsenxxsendxxxxsendxxxsen
∫∫∫∫∫
−=
=−==
cos)(cos)(
1cos)(coscos)(cos)(53
232333
Hemos obtenido dos integrales potenciales inmediatas que podemos resolver con la relación de
integración ∫ ++
=+
Cnfffn
n
1'·
1
de la siguiente manera:
( ) ( )44
')(coscos)(44
333 xsenfffdxxsenxdxxxsen =
=== ∫∫∫
- web: www.dmdelrio.es 37
2º Bachillerato – Integrales indefinidas (2ª parte)
Ejercicios resueltos de integrales indefinidas – David Miguel del Río – I.E.S. Europa (Móstoles) Sugerencias: [email protected]
y
( ) ( )66
')(coscos)(66
555 xsenfffdxxsenxdxxxsen =
=== ∫∫∫
Estas integrales también pueden resolverse haciendo un cambio el variable t igual a la función:
( ) ( ) 44coscos)(
4433 xsentdtt
dxxdtsenxt
dxxxsen =====
= ∫∫
y
( ) ( ) 66coscos)(
6655 xsentdtt
dxxdtsenxt
dxxxsen =====
= ∫∫
sustituyendo los resultados tenemos resuelta la integral:
( ) ( ) ( ) Cxsenxsendxxxsendxxxsendxxxsen +−=−= ∫∫∫ 6)(
4)(cos)(cos)(cos)(
645333
89) ( ) Cxsenxsendxxxsen +−=∫ 75cos)(
7534
RESOLUCIÓN: Vamos a tratar de convertir esta integral en una del tipo potencial para poder
resolverla utilizando la regla de integración ∫ ++
=+
Cnfffn
n
1'·
1
12 =x
. Para ello vamos a utilizar la relación
fundamental de la trigonometría: cos2 + senx( ) ( ) ( ) ( )( )
( ) ( )dxxxsendxxxsendxxsenxxsendxxxxsendxxxsen
∫∫∫∫∫
−=
=−==
cos)(cos)(
1cos)(coscos)(cos)(64
242434
Hemos obtenido dos integrales potenciales inmediatas que podemos resolver con la relación de
integración ∫ ++
=+
Cnfffn
n
1'·
1
de la siguiente manera:
( ) ( )55
')(coscos)(55
444 xsenfffdxxsenxdxxxsen =
=== ∫∫∫
y
( ) ( )77
')(coscos)(77
666 xsenfffdxxsenxdxxxsen =
=== ∫∫∫
Estas integrales también pueden resolverse haciendo un cambio el variable t igual a la función:
( ) ( ) 55coscos)(
5544 xsentdtt
dxxdtsenxt
dxxxsen =====
= ∫∫
y
( ) ( ) 77coscos)(
7766 xsentdtt
dxxdtsenxt
dxxxsen =====
= ∫∫
sustituyendo los resultados tenemos resuelta la integral:
( ) ( ) ( ) Cxsenxsendxxxsendxxxsendxxxsen +−=−= ∫∫∫ 75cos)(cos)(cos)(
756434
90) ( ) Cxxdxxxsen ++−=∫ 7cos
5coscos)(
7543
RESOLUCIÓN: Vamos a tratar de convertir esta integral en una del tipo potencial para poder
resolverla utilizando la regla de integración ∫ ++
=+
Cnfffn
n
1'·
1
12 =x
. Para ello vamos a utilizar la relación
fundamental de la trigonometría: cos2 + senx
- web: www.dmdelrio.es 38
2º Bachillerato – Integrales indefinidas (2ª parte)
Ejercicios resueltos de integrales indefinidas – David Miguel del Río – I.E.S. Europa (Móstoles) Sugerencias: [email protected]
( ) ( ) ( ) ( )( )( ) ( )dxxsenxdxxsenx
dxxxsenxdxxsenxsenxdxxxsen
∫∫∫∫∫
−=
=−==
)(cos)(cos
cos1)(cos)(coscos)(64
242443
Hemos obtenido dos integrales potenciales casi inmediatas (basta con multiplicar por –1 para tener la
derivada de la base) que podemos resolver con la relación de integración ∫ ++
=+
Cnfffn
n
1'·
1
de la
siguiente manera:
( ) ( )[ ]5
cos5
')(cos)(cos55
444 xfffdxxxsendxxsenx −=
−=−=−−= ∫∫∫
y
( ) ( )7
cos7
')(cos)(cos77
666 xfffdxxxsendxxsenx −=
=−=−−= ∫∫∫
Estas integrales también pueden resolverse haciendo un cambio el variable t igual a la función:
( )( )( )( )
( )55
cos)(cos
55444 xsentdttdtt
dxxsendtdxxsendt
xtdxxsenx −=−=−=−=
=−−==
= ∫ ∫∫
y
( )( )( )( )
( )77
cos)(cos
77666 xsentdttdtt
dxxsendtdxxsendt
xtdxxsenx −=−=−=−=
=−−==
= ∫ ∫∫
sustituyendo los resultados tenemos resuelta la integral:
( ) ( ) ( ) Cxxdxxsenxdxxsenxdxxxsen ++−=−= ∫∫∫ 7cos
5cos)(cos)(coscos)(
756443
91) ( ) Cxxdxxxsen +−−=∫ 42cos
126cos2cos)4(
RESOLUCIÓN: Dado que integrar un producto es complicado, vamos a tratar de convertirlo en una suma (o resta). Para ello utilizamos las relaciones trigonométricas que convierten productos de senos por cosenos en sumas: ( ) ( ) ( ) ( )BAsenBAsenBAsen −++=cos2
( ) ( ) ( ) ( )( ) ( ) ( )( )dxxsenxsendxxxsenxxsendxxxsendxxxsen ∫∫∫∫ +=−++== 26212424
212cos)4(2
212cos)4(
Ahora podemos separar la integral en suma de integrales;
( ) ( ) ( )( ) ( ) ( )∫∫∫∫ +=+= dxxsendxxsenxsenxsendxxxsen 2216
2126
212cos)4(
Obtenemos dos integrales inmediatas del tipo ( ) ( )∫ −= ffsenf cos' :
( ) ( ) ( ) ( ) ( )
( ) ( ) Cxx
dxxsendxxsendxxsendxxsendxxxsen
+−−=
=+=+= ∫∫∫∫∫2cos
416cos
121
2221
2166
61
212
216
212cos)4(
92) ( ) Cxxdxxxsen ++−=∫ 63cos
189cos6cos)3(
RESOLUCIÓN: Dado que integrar un producto es complicado, vamos a tratar de convertirlo en una suma (o resta). Para ello utilizamos las relaciones trigonométricas que convierten productos de senos por cosenos en sumas: ( ) ( ) ( ) ( )BAsenBAsenBAsen −++=cos2
- web: www.dmdelrio.es 39
2º Bachillerato – Integrales indefinidas (2ª parte)
Ejercicios resueltos de integrales indefinidas – David Miguel del Río – I.E.S. Europa (Móstoles) Sugerencias: [email protected]
( ) ( ) ( ) ( )( )
( ) ( )( ) ( ) ( )( )dxxsenxsendxxsenxsen
dxxxsenxxsendxxxsendxxxsen
∫∫
∫∫∫−=−+=
=−++==
392139
21
6363216cos)3(2
216cos)3(
Hemos utilizado la propiedad del seno del ángulo opuesto: ( ) ( )αα sensen −=− Ahora podemos separar la integral en resta de integrales;
( ) ( ) ( )( ) ( ) ( )∫∫∫∫ −=−= dxxsendxxsenxsenxsendxxxsen 3219
2139
216cos)3(
Obtenemos dos integrales inmediatas del tipo ( ) ( )∫ −= ffsenf cos' :
( ) ( ) ( ) ( ) ( )
( ) ( ) Cxx
dxxsendxxsendxxsendxxsendxxxsen
++−=
=−=−= ∫∫∫∫∫3cos
619cos
181
3331
2199
91
213
219
216cos)3(
93) ( ) Csenxxsendxxsenxsen ++−=∫ 21895)4(
RESOLUCIÓN: Dado que integrar un producto es complicado, vamos a tratar de convertirlo en una suma (o resta). Para ello utilizamos las relaciones trigonométricas que convierten productos de senos por senos en sumas: ( ) ( ) ( ) ( )BABABsenAsen −++−= coscos2
( ) ( ) ( ) ( )( )
( ) ( )( ) ( ) ( )( )dxxxdxxx
dxxxxxdxxsenxsendxxsenxsen
∫∫
∫∫∫+−=−+−=
=−++−==
cos9cos21cos9cos
21
54cos54cos215)4(2
215)4(
Hemos utilizado la propiedad del coseno del ángulo opuesto: ( ) ( )αα coscos =− Ahora podemos separar la integral en resta de integrales;
( ) ( ) ( )( ) ( ) ( )∫∫∫∫ +−=+−= dxxdxxxxdxxsenxsen cos219cos
21cos9cos
215)4(
Obtenemos dos integrales inmediatas del tipo ( ) ( )∫ = fsenff cos' :
( ) ( ) ( ) ( ) ( )
( ) ( ) Cxsenxsen
dxxdxxdxxdxxdxxsenxsen
++−=
=+−=+−= ∫∫∫∫∫
219
181
cos219cos9
91
21cos
219cos
215)4(
94) ( ) Cxsenxsendxxx ++=∫ 147
26133cos)10cos(
RESOLUCIÓN: Dado que integrar un producto es complicado, vamos a tratar de convertirlo en una suma (o resta). Para ello utilizamos las relaciones trigonométricas que convierten productos de cosenos por cosenos en sumas: ( ) ( ) ( ) ( )BABABA −++= coscoscoscos2
( ) ( ) ( ) ( )( )
( ) ( )( )dxxx
dxxxxxdxxxdxxx
∫
∫∫∫+=
=−++==
7cos13cos21
310cos310cos213cos)10cos(2
213cos)10cos(
Ahora podemos separar la integral en suma de integrales;
( ) ( ) ( )( ) ( ) ( )∫∫∫∫ +=+= dxxdxxdxxxdxxx 7cos2113cos
217cos13cos
213cos)10cos(
Obtenemos dos integrales inmediatas del tipo ( ) ( )∫ = fsenff cos' :
- web: www.dmdelrio.es 40
2º Bachillerato – Integrales indefinidas (2ª parte)
Ejercicios resueltos de integrales indefinidas – David Miguel del Río – I.E.S. Europa (Móstoles) Sugerencias: [email protected]
( ) ( ) ( ) ( ) ( )
( ) ( ) Cxsenxsen
dxxdxxdxxdxxdxxx
++=
=+=+= ∫∫∫∫∫7
14113
261
7cos371
2113cos13
131
217cos
2113cos
217cos)10cos(
95) Cxtgxxsen
dx+
+=
++∫ 21ln
)cos()(1
RESOLUCIÓN: En este tipo de integrales vamos a utilizar uno de los cambios de variables “mágicos”, que es:
( )
( )
( ) ( ) 222
2
22
42422
2
22
2
22222222
222
12
14
12121
111cos1)(
11cos1coscoscos1coscos1
cos1cos1
2
121
21
21
21
2
tt
tt
ttttt
ttxxsen
ttxtxxxttxttxt
xxxtg
tdtdxdtdxtdtdxxtg
txtg
+=
+=
+
−+−++=
+−
−=−=
+−
=⇒+=+=−⇒+=−⇒=+−
=
+=⇒=+⇒=
+
=
Vamos a sustituir las expresiones del seno y coseno halladas:
∫∫∫∫∫ +=
+=
−+++=
+−
++
+
+=++ t
dtt
dtttt
dt
tt
tttdt
xxsendx
1222
1212
11
121
12
)cos()(1 22
2
2
2
2
Hemos conseguido una integral racional inmediata utilizando la regla de integración: ∫ = )ln(' fff
Cxtgtfff
tdt
xxsendx
+
+=+=
==
+=
++ ∫∫∫ 21ln)1ln()ln('
1)cos()(1
96) Cx
xdxxxsen
++=∫ cos1cos
cos2
3
RESOLUCIÓN: Vamos a utilizar la ley fundamental de la trigonometría: 1cos 22 =+ xsenx( )
∫ ∫∫ ∫∫∫∫ −=−=−
== dxxsendxxxsendx
xxxsendx
xxsendx
xxxsendx
xxsenxsendx
xxsen )(
cos)(
coscos)(
cos)(
coscos1)(
cos)(
cos 22
2
22
2
2
2
2
3
Ahora tenemos dos integrales que son inmediatas (la segunda es obvio). Veamos la primera de ellas:
xx
xfffdxxxsendxxxsendxxxsen sec
cos1
1cos
1')(cos)()(cos)(
cos)( 11
2222 ==
−−=
−
−=−=−−==−−
−−− ∫∫∫∫Ahora sustituimos en la integral:
Cxxxxdxxsendxxxsendx
xxsen
++=−−=−= ∫ ∫∫ cossec)cos(sec)(cos
)(cos 22
3
97) ( ) ( )2
1ln2
1ln3cos
34 senxsenxsenxxsendxxxsen +
+−
−−−=∫
RESOLUCIÓN: Multiplicamos y dividimos por cos(x):
∫∫ ∫∫ −=== xdx
xsenxsenxdx
xxsendx
xx
xxsendx
xxsen cos
1cos
coscoscos
coscos 2
4
2
444
- web: www.dmdelrio.es 41
2º Bachillerato – Integrales indefinidas (2ª parte)
Ejercicios resueltos de integrales indefinidas – David Miguel del Río – I.E.S. Europa (Móstoles) Sugerencias: [email protected]
Vamos a hacer el cambio de variable t=sen(x)
∫∫∫ −=
==
=−
= dttt
dtdxxtxsen
xdxxsenxsendx
xxsen
2
4
2
44
1)cos()(
cos1cos
Esta integral es una racional que se podrá resolver por partes, pero primero hay que dividir los polinomios ya que el grado del numerador es mayor que el del denominador:
22
2
4
111
1 tt
tt
−+−−=
−
sustituyendo en la integral:
∫ ∫ ∫ ∫∫ −+−−=
−+−−=
−+−−=
−td
tttdt
tdttdtdt
ttdt
tt
2
3
22
22
2
4
11
311
111
1 ∫
La última integral podemos resolverla por fracciones simples. Para ello factorizamos el denominador así:1-t2=(1+t)(1-t), y expresamos el quebrado de la siguiente manera:
( )( )( ) ( )
( )( )ttBAtBA
ttBtBAtA
tB
tA
t +−++−
=+−−++
=+
+−
=− 11111111
2
Comparando los numeradores planteamos el sistema:
21
21
10
==
=+=−
BABABA
Queda:
)1ln(21)1ln(
21
121
121
121
121
121
121
11
2 ttt
dttdt
tdt
tdtdt
ttdt
t++−
−=
++
−−−
=+
+−
=
++
−=
− ∫∫∫∫∫∫
Vamos a sustituir en la integral anterior:
)1ln(21)1ln(
21
311
31
3
2
3
2
4
tttttdt
ttdttt
++−−−−=−
+−−=− ∫∫
y a deshacer el cambio t=sen(x)
Cxsenxsenxsenxsenttttdxxxsen
+++−−−−=++−−−−=∫ ))(1ln(21))(1ln(
21
3)()()1ln(
21)1ln(
21
3cos
334
98) Cxtgx
dx+=
+∫ 2cos1
RESOLUCIÓN: Vamos a utilizar la fórmula del coseno del ángulo mitad: 2cos1
2αα +
=
cos .
Utilizando esta relación podemos poner que: 2
cos2cos 2 xx =+1
Cxtgdxxdxxdxxxdx
xdx
+=====+ ∫∫∫ ∫∫ 22
sec21
2sec
212
21
2sec
21
2cos2cos1
222
2
La integral de la secante al cuadrado es inmediata.
99) CxxtgCxxtgCxtgarctgxtgdxxx
++−=++−=+
+−=
+∫ 222
222
2cos1cos
RESOLUCIÓN: Esta integral se puede convertir en la integral anterior manipulando el quebrado:
Cxtgxdxdxx
dxx
xdxx
xdxxx
+−==+
−+
+=
+−+
=+ ∫∫∫∫∫ 2cos1
1cos1
1coscos1
11coscos1
cos
- web: www.dmdelrio.es 42
2º Bachillerato – Integrales indefinidas (2ª parte)
Ejercicios resueltos de integrales indefinidas – David Miguel del Río – I.E.S. Europa (Móstoles) Sugerencias: [email protected]
Para resolver dxx∫ + cos1
1 repasar el ejercicio 98.
100) Cxtgxtgxsenx
dx+
−−
−=
+−∫ 12
ln22
ln3)(3cos
RESOLUCIÓN: En este tipo de integrales vamos a utilizar uno de los cambios de variables “mágicos”, que es:
( )
( )
( ) ( ) 222
2
22
42422
2
22
2
22222222
222
12
14
12121
111cos1)(
11cos1coscoscos1coscos1
cos1cos1
2
121
21
21
21
2
tt
tt
ttttt
ttxxsen
ttxtxxxttxttxt
xxxtg
tdtdxdtdxtdtdxxtg
txtg
+=
+=
+
−+−++=
+−
−=−=
+−
=⇒+=+=−⇒+=−⇒=+−
=
+=⇒=+⇒=
+
=
Vamos a sustituir las expresiones del seno y coseno halladas:
∫∫∫∫∫ +−=
+−=
++−−=
++
−+−
+=+− 23462
23361
2
31
2311
12
3)(3cos 2222
22
2
2
ttdt
ttdt
tttdt
tt
tt
tdt
xsenxdx
Esta nueva integral se puede resolver por fracciones simples factorizando: t2-3t+2=(t–1)(t–2)
( )( )( ) ( )
232
212
21231
22 +−−−++
=−−
−+−=
−+
−=
+− ttBAtBA
ttBBtAAt
tB
tA
tt
Comparando los numeradores planteamos el sistema:
1112
0=−=
=−−=+
BABABA
queda:
∫ ∫∫∫ −+−−=−
+−
−=
−+
−−
=+−
⇒−
+−−
=+−
)2ln()1ln(212
111
231
21
11
231
22 tttdt
tdtdt
ttdt
tttttt
Sustituimos en la integral original y deshacemos el cambio de variable t=tg(x/2):
Cxtgxtgttttdt
xsenxdx
+
−
+
−
−=−+−−==
+−=
+− ∫∫ 22
ln12
ln)2ln()1ln(233)(3cos 2
- web: www.dmdelrio.es 43