EjercicioResueltos_Intervalos_Confianza
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INTERVALOS DE CONFIANZA, PRUEBAS DE HIPÓTESIS, VALOR P
PARA UNA MUESTRA
MUESTRAS GRANDES.
Se ha tomado los 120 datos del tratamiento 1, estimar la hipótesis respectiva encontrar un intervalos de confianza a un nivel del 95%.
Tabla Nº9: Parámetros estadísticos para los 120 datos del primer tratamiento.
Brix
Promedio μ=∑ xN
56,0666667
Varianza σ 2=∑ (xi−μ)2
N145,128889
Desviación σ=√σ2 12,0469452
Fuente: Laboratorios de la FCIAL
Intervalo de confianza para una muestra aleatoria de 50 datos del tratamiento 1
Tabla Nº11: Determinación de los estadísticos de la muestra aleatoria.
Brix
Promedio X=∑ Xn 54,68
Varianza S2=∑ (Xi−x ) 2
n−1 177,7376Desviació
n S=√S2
13,3318266Fuente: Laboratorios de la FCIAL
Datos: N=100µ=56,0666667σ=12,0469452n=50x=54,68S=13,3318266
Hipótesis:
Ho: µ =56.066H1: µ ≠56.066
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Z=X−μσ√n
Z=54.68−56.06612.0469/√100
Z=3.64777Z(95%)=1.96
Decisión:
ZC>ZT
3.6477>1.96
Conclusión: Se rechaza la hipótesis nula.
Intervalo de confianza:
IC : [ x±z∗S /√n ]=95 %
IC : [54 .68±1. 96∗13 .33 /√50 ]=95 %
IC : [50 .99≤μ≤58 .38 ]=95 %
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De acuerdo a al nivel de confianza del 95%, la media poblacional, es decir, la media de lo brix está dentro de los intervalos de confianza encontrados, por lo que se Acepta la hipótesis nula.
Error máximo cometido:
e=√ z2 σ2
n
e=√ 1. 962∗177 . 74120e=2 . 39
MUESTRAS PEQUEÑAS.
De los datos anteriores se tomaron 15 datos, considerando un nivel del confianza del 99% determinar si los grados brix medios de los datos obtenidos esta dentro de este intervalo y estimar la hipótesis correspondiente.
Tabla Nº3: Estimadores de la muestra pequeña.
Brix
Promedio X=∑ Xn
57,7333333
Varianza S2=∑ (Xi−x ) 2
n−1121,262222
Desviación S=√S2 11,0119127
Fuente: Laboratorios de la FCIAL
Prueba de hipótesis
Ho: µ =56.66667H1: µ ≠56.66667
t= x−uS
√n−1
t=54.68−56.0666613.331826/√14
t=-0.39
-Ttablas=-2.977
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Decisión:
-tc<-tT
-0.39>-2.977
Conclusión: Se acepta la hipótesis nula.
Intervalos de confianza al 99%:
t=2.977
IC : [ y±t∗S/√n ]=99 %
IC : [57 . 7±2. 947∗11.01/√15 ]=99 %
IC : [ 49. 32≤μ≤66 . 08 ]=99 %
Se ha comprobado que con un nivel de confianza del 99% la media de los brix de está dentro de los límites calculados.
PROPORCIONES
De una muestra de 100 datos, 15 datos se presumen que no se midió bien, estimar un intervalo de confianza del 99% para la proporción de los datos mal tomados.
Datos:
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n=100Datos mal tomados=15
p=15100
=0 . 15
q=1− p=1−0 . 15q=0.85
π=p∗q
π=0.15∗0.85
π=0.1275Hipótesis:
Ho: π =0.15H1: π ≠0.15
Z= p−π
√ π (1−π )n
Z= 0.15−0.1275
√ 0.1275 (0.8725 )100
Z=0.675
Z tabla: 2.58
Decisión:
ZC<ZT0.0675<2.58:
Se acepta la hipótesis nula.
Conclusión: Con un nivel de confianza del 99% se afirma que la proporción de datos mal tomados es del 15%
Intervalos de Confianza:
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IC : [ p± Z√ pqn ] :99 %
IC : [0 .15±2 .58√ 0 .15∗0 .85100 ] :99 %
IC : [0 .058≤π ≤0 .16 ] :99 %
Conclusión: El parámetro π está dentro de los intervalos de 0.058 y 0.16, a un nivel de confianza del 99%.
PARA VARIANZA POBLACIONAL.
Hallar el intervalo de confianza al 99%, para una muestra de 45 datos de brix tomadas de una población de 120, con una varianza, y desviación poblacional presentadas a continuación:
Tabla Nº13: Determinación de los estadísticos de la muestra aleatoria.
Brix
Promedio X=∑ Xn 54,8444444
Varianza S2=∑ (Xi−x ) 2
n−1 187,55358Desviació
n S=√S2
13,6950203Fuente: Laboratorios de la FCIAL
Pruebas de hipótesis:
Ho: σ =12.05H1: σ ≠12.05
X2=(n−1 )∗S2
σ2
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X2=44∗187 .55145 . 13
=56 .86
X2tabla=73.17
Decisión:
X2c<X
2T
56.86<73.17
Se acepta la hipótesis nula.
Conclusión: Con un nivel de confianza del 99% se acepta la hipótesis nula afirmando que la deviación de los brix es 12.05.Intervalos de confianza
IC : [ (n−1 )∗S2
X21−α /2
; (n−1 )∗S2
X2α /2 ]=99 %
IC : [44∗187 . 673. 17
;44∗187 .622. 90 ]=99 %
IC : [112.8≤σ2≤360 .5 ]=99 %
Conclusión: La varianza de los grados brix de la muestra obtenida está entre los límites de 112.8 y 360.5 en un nivel de confianza del 99%.
DOS POBLACIONES
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MUESTRAS GRANDES.
Se compara entre el tratamiento 1 y tratamiento 2, de los 120 datos, y se analiza si existe diferencia entre éstos dos tratamientos a un nivel del 98%.
Datos:
n1=120n2=120Z=2.33
Tabla N°15: Determinación de los estimadores.
Tratamiento 1 Tratamiento 2
Promedio 56,0666667 55,2333333
Varianza 145,128889 147,845556
Desviación 12,0469452 12,1591758
Fuente: Laboratorios de la FCIAL
HipótesisHo: µ1 =µ2H1: µ1 ≠µ2
Z=(Y 1−Y 2 )
√+¿¿
Z= 56,06−55,2
√ 145,12120
+ 147,85120
Zc=0.55Z tablas: 2.33
Decisión:
ZC<ZT
0.55<2.33
Se acepta la hipótesis nula.
Conclusión: Con un nivel de confianza del 98% se acepta la hipótesis nula, afirmando así que las medias poblacionales de las dos muestras son iguales.
Intervalos de confianza:
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IC=[( y1− y2)±Z∗√ S12
n1+S
22
n2]=98 %
IC=[ (56,06-55,2 )±2 .33∗√145.12120
+147 . 85120 ]=98 %
IC=[ -2 . 78≤(μ1- μ2 )≤4 .5 ]=98 %
Conclusión: Como se puede observar con un nivel de confianza del 98%, la diferencia de las dos medias poblacionales se encuentra entre los límites calculados anteriormente.
Valor P
P=0.099*2P=0.1980.198>0.01
Acepta la hipótesis nula.
Muestras pequeñas:De dos variedades de brix se recogieron 25 muestras y los datos se
presentan a continuación. Intervalo de confianza del 98%.
Tabla N°17: Determinación de los estimadores para los dos tratamientos
Tratamiento 1 Tratamiento 2
Promedio 50,92 50,04
Varianza 236,0736 239,2384
Desviación 15,3646868 15,4673333
Fuente: Laboratorios de la FCIAL
Ho:σ12=σ2
2
H1:σ12≠σ2
2
F=S
22
S12
=239. 2384236. 0736
F=1 .01
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Ft: 1.65
El Fcalculado es menor que el F tabla por tanto se acepta la hipótesis nula.
σ12=σ2
2
Hipótesis:
Ho: µ1 = µ2H1: µ1 ≠ µ2
t=( y1− y2)
√ SP2
n1+SP2
n2
t= (50 . 92−50 .04 )
√237 . 6525 +
237 .6525
SP2=
S12 (n1−1)+S
22(n2−1 )
n1+n2−2
SP2=
236 .07∗24+239. 23∗2425+25−2
SP2=237 .65
tc=0.12
t tablas=1.65
Decisión:
tc<tT
1.29<1.65
Se acepta la hipótesis nula.
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Conclusión: Con un nivel de confianza del 98% se acepta la hipótesis nula, afirmando así que las medias poblacionales de las dos muestras son iguales
Intervalos de confianza:
IC=[( y1− y2)±t∗√ SP2
n1+SP2
n2]=98%
IC=[ (50 . 92−50 . 04 )±1.65∗√237 .6525
+237. 6525 ]=98 %
IC=[0 . 59≤(μ1−μ2 )≤11. 01)]=98 %
La diferencia de las medias están entre los 0.59 y 11.01, sigue siendo la muestra 1 la que tiene mayor cantidad de brix.
Valor P
P=0.099*2P=0.1980.198>0.01
Acepto la hipótesis nula.
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TIPOS DE MUESTREOS
simple sistemático estratificadoconglomerad
opromedio 55,94 47,495 56,2 58,263
varianza 7,834254,8804092
8 0,063801316 1,53727
desviación2,7989730
323,818394
7 0,252589223 1,2398
Ls56,440799
847,973280
1 56,25856923
Li55,439200
247,016719
9 56,14143077
PRUEBAS NO PARAMÉTRICAS
SIGNOS
H0 :tratamiento 3=tratamiento 4H1 :tratamiento 3≠tratamien4
p>α0 . 8918>0 . 05acepto .. la . . hipotesis. . nulaLa relacion de aceptabilida entre las dos variables delm tratamiessnto 1 y el tratamiento 2 no es signioficativa no hay correlacion alguna entre ellos
WILCOXON
H0 :tratamiento 1=tratamiento 2H1 :tratamiento 1≠tratamien2
R≥RT25>8acepto .. la .hipotesis .nulapor .no .existe .diferencia . significativaentre .los .dostratamientos
RACHAS
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H0 :tratamiento 3=tratamiento 4H1 :tratamiento 3≠tratamien4reglaZc>Zt-1 . 167>−1 .96acepto la hipotesis nulalo cual nos indica que no hay diferebcia significativa entre los dos tratamientos3 y el tratamiento 4
Correlación de Spearman
H0 :tratamiento 3=tratamiento 4H1 :tratamiento 3≠tratamien4reglaTc<Tt11. 45>2 .262reghazo la hipotesis nulalo cual nos indica que si hay diferencia significativa entre los dos tratamientos3 y el tratamiento 4
Tabla de contingencia
H0 :tratamiento 1=tratamiento 2=tratamiento 3=tratamiento 4H1 :tratamiento 1≠tratamien 2 ≠tratamiento 3 ≠ tratamiento 4reglaχ2 c< χ 2 t8 .68<16 .92acepto la hipotesis nulalo cual nos indica que no hay diferencia significativa entre los cientro tratamientos
Mann-whitney
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H0 :tratamiento 3=tratamiento 4H1 :tratamiento 3≠tratamien4reglaZc<Zt1 .039>1 .96acepto la hipotesis nulalo cual nos indica que ni hay diferencia significativa entre los dos tratamientos3 y el tratamiento 4
Kruskal –Wallis
H=1236 (37 )
|6578 . 7120+2 460 .82+ 1595 . 843+1810 .786|−-3 (36++1)
H =0. 00900*13425 . 81H =120. 83-111 .0H =9. 83Gl=K-1Gl=3
X20. 05 =7 .81
reglaHc<X2
9 .83>7 . 81desicionrecgazo . .la . .hipotesis .nulaconclusion . .. lo . ..cual . .nos . . indica. .que ..uno . .de .. los . . 4 . .tratamientossi . . son . .diferente ..
Friedman
H0 :tratamiento 1=tratamiento 2H1 :tratamiento 1≠ tratamien 2
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χ2=1210*4 (4+1)
2676 .5−-3*10 (4++1 )
χ2 =160 .59-150χ2 =10 .59
X2
0.05 =7 .81reglaχ2 c<Xt210 .59>7 . 81desicionrechaso . .la . .hipotesis .nulaconclusion . ..el .grado .de .aceptabilidad . . . si . . tienen.diferencias. significativas .entre . los . . los . .cuatro .. tratamientos
REGRESIONES
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LINEAL
y=a+bxº Brix=0 .291 XY=º Brixx=tiempoa=nos . indica ..que . .la .. rectapasa .. por . .el . .origenb=que . . por .cada .. minuto .que . pase . .los .º Brix . . . sufreun .. invremento . .de .. 0 .29y=a+bxy=38 .437+0 .29 xnos . .dice . .que . .38 .437 º Brix . .no . .hay . . inf luencia ..dela . . var ianle .. xr=0 .8378nos . . exp lica. la . relacion .que .existe .entra .lo .º Brix . . y . .el . . tiempo ..esmuy . .alta. . por . .que .esta . .muy . . sercano . .a . .ceroR2=0 . 6967el . porcentaje .de var iabilidad . . .de .. º Brix .. y ..el .. tiempo . .esta . . .exp licada ..en . .un . .69 .67es ..debida . ..a . .esta . .eciacion. .encontradasolo . .el . .69 .67 ..esta .. exp licada .. por . .esta . .ecuacion .
MULTIPLE
y=a+b1 x1+b2 x2º Brix=0 .291 XY=º Brixx1= tiempox2=temperaturaa=nos . indica ..que . .la .. rectalas .. var ianles . .idica . .la ..que . .existe . ..entre . .las . .dos .. . var iable ..r=0 .87139nos . . exp lica. la . relacion .que .existe .entra .lo .º Brix . . y . .el . . tiempo ..esmuy . .alta. . por . .que .esta . .muy . . sercano . .a . .ceroR2=0 . 9761el . porcentaje .de var iabilidad . . .de .. º Brix .. y ..el .. tiempo . .esta . . .exp licada ..en . .un . .97 .61es ..debida . ..a . .esta . .eciacion. .encontradasolo . .el . . 97 .61 ..esta .. exp licada .. por . .esta . .ecuacion .