II Hoja de Ejercicios
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Metodos II, A.A. 2014{2015, Grupo D (Piergiulio Tempesta).
II. EDP lineales del II orden.
A) Clasique las EDP del segundo orden siguientes.
1)4uxx + uyy = 0; utt ux = 0; uxx + uyy = 10;
2)
uxx 5uxy + u = 0; uyy + 3uxx + uy = 5; uxy + uyy + 3ux + 5uy = 10;3)
utt + uxt 3uxx + 2ux 3ut = 0; uxx + 5uxy uz + u = 0; 2 R:
B) Ecuaciones con coecientes constantes. Mediante un cambio de variablesadecuado, reduzca a forma normal las EDP del segundo orden siguientes.
4)8uxx + 10uxy + 2uyy + 6ux + 6uy = 18:
Resolucion. Observamos que = 2 > 0 y por tanto la ecuacion es hiperbolica.El cambio de variables apropiado es8
-
Resolucion. Siendo = 0, la ecuacion es parabolica. Con el cambio de variable( = y x = x
reducimos la ecuacion a forma canonica. Obtenemos( = x+ y
= x
y la ecuacion se convierte enu u = 0;
cuya solucion general es u(; ) = F1()e+F2(), con F1 y F2 funciones arbitrarias
sucientemente regulares. Por tanto la solucion general de la ecuacion 6) es
u(x; y) = F1(x+ y)ex + F2(x+ y):
6)3uxx 3uxy + uyy + 5u = 0:
Resolucion. Siendo < 0, la ecuacion es elptica . El cambio de variable que lareduce a forma canonica es (
= yxp2
= xo sea (
= 3y+3=2 xp3=4
=p3(x+ 2y)
= x
Obtenemos la forma canonica
u + u +5
3u = 0:
7)2uxx + 6uxy + uyy = 0:
Resolucion. Ecuacion hiperbolica. Cambio de variable:( = y 3
p7
2 x
= y 3+p7
2 x
Ecuacion reducida: u = 0; con solucion general:
u(; ) = F1() + F2():
Por tanto:
u(x; y) = F1
y 3
p7
2x
!+ F2
y 3 +
p7
2x
!:
8)uxx + uxy + uyy + u = 0
Resolucion. Ecuacion elptica. Cambio de variable:( = 2yxp
3
= x
-
Obtenemos la forma canonica
u + u + u = 0:
C) Resolver los problemas de Cauchy siguientes.
9) 8>:4uxx 4uxy + uyy 2ux + uy + u = 0u(0; y) = y
ux(0; y) = 0:
Resolucion. La ecuacion considerada es parabolica. El cambio de variable( = x+ 2y
= x
nos proporciona la ecuacion reducida a forma normal
4u 2u + u = 0;donde u = u(; ). Esta ecuacion se resuelve como una ecuacion ordinaria en lavariable , pero remplazando las constantes arbitrarias con funciones arbitrarias dela variable . Obtenemos la solucion general
u(; ) = F1()e4 sin
p3
4
!+ F2()e
4 cos
p3
4
!:
Por tanto la solucion general de la ecuacion de partida es
u(x; y) = F1(x+ 2y)ex4 sin
p3
4x
!+ F2(x+ 2y)e
x4 cos
p3
4x
!:
Imponemos ahora las condiciones iniciales. Dado que la ecuacion se puede poneren forma normal, los datos iniciales son analticos, y la ecaucion es de coecientesconstantes, el teorema de Cauchy-Kovalevskaya asegura la existencia de una unicasolucion del problema de Cauchy, analtica. Tenemos
u(0; y) = F2(2y) = y =) F2(x+ 2y) = 12(x+ 2y):
Por tanto
ux(0; y) =1
4
p3F1(2y) + F2(2y) + 4F
02(2y)
=
1
4
p3F1(2y) + y + 2
= 0
con lo cual
F1(2y) = y + 2p3
=) F1(w) = w2 + 2p
3=) F1(x+2y) =
x+2y2 + 2p
3= x+ 2y + 4
2p3
:
En denitiva, la solucion del problema de Cauchy es:
u(x; y) = x+ 2y + 42p3
ex4 sin
p3
4x
!+
1
2(x+ 2y)e
x4 cos
p3
4x
!:
-
10) 8>:uxx + uxy + ux + uy = 0
u(0; y) = 0
ux(0; y) = ey:
Resolucion. Ecuacion hiperbolica. Cambio de variable:( = y
= y xLa ecuacion en forma canonica es
u u = 0:Poniendo u = f(; ), obtenemos la ecuacion diferencial f f = 0, que nos daf = u = A()e
, con A() funcion arbitraria. Por tanto: u(; ) = F1()e+F2()
donde F1() (que a priori es la integral de A()) y F2() son tambien funcionesarbitrarias. Hemos obtenido la solucion general del problema:
u(x; y) = F1(y)ex+y + F2(x+ y):
La primera condicion inicial nos da
u(0; y) = F1(y)ey+F2(y) = 0 =) F2(y) = F1(y)ey () F2(yx) = F1(yx)eyx:
Imponiendo la segunda condicion, tenemos
ux(0; y) = eyF1(y)F 02(y) = ey =) F 02(y) = eyF1(y)ey () F 02(yx) = eyxF1(yx)eyxy teniendo en cuenta la expresion de F2(y x), tenemosF 01(yx)eyxF1(yx)eyx = F1(yx)eyxeyx () F 01(yx) = 1() F1(w) = w+bo sea
F1(y) = y + b; b 2 R:Por tanto, obtenemos la unica solucion
u(x; y) = (y + b)eyx (y x b)eyx = xeyx:Notese que esta solucion no depende del parametro b, o sea es unvocamente deter-minada, como garantizado por el teorema de Cauchy-Kovalevskaya.
11) 8>:uxx +
p12 uxy 3uyy ux +
p3uy = 0
u(x; 0) = ex + xuy(x; 0) =
1p3
Resolucion. Ecuacion parabolica. Cambio de variable:( = y +
p122 x = y +
p3x
= x
Ecuacion reducida a forma canonica:
u + u = 0:
Integrando obtenemos:u(; ) = F1()e
+ F2()
-
y por tanto la solucion general del problema es
u(x; y) = F1
y +
p3xex + F2
y +
p3x:
Imponiendo las condiciones
u(x; 0) = exF1(p3x) + F2(
p3x) = ex + x
y
uy(x; 0) = exF 01(
p3x) + F 02(
p3x) =
1p3
obtenemosF1(p3x) = 1 F2(
p3x) = x() F2(w) = wp
3o sea
F1 = 1; F2 =y +
p3xp
3:
En denitiva, la unica solucion del problema de Cauchy es
u(x; y) = ex + x+p3y
3:
D) Ecuaciones con coecientes variables.
12) Clasicar en R2 las ecuaciones siguientes.a) xuxx+uyy+u = g(u); b) uxx+yuxy+4yuyy = u c) x
2uxx+xuxy+3uy = 7:
Resolucion.a) = x. La ecuacion es hiperbolica para (x < 0; y), o sea en el semiplanoizquierdo, parabolica en el eje (x = 0; y), elptica en el semiplano derecho.
b) = y2
4 4y. La ecuacion es hiperbolica en las regiones (x; y < 0) e (x; y > 16),parabolica en las rectas (x; y = 0) y (x; y = 16), elptica en la region (x; 0 < y < 16).
13) Clasicar, reducir a forma canonica y resolver la ecuacion
2uxx + 5yux + 2y2u = y:
Resolucion. Se trata de una ecuacion parabolica. Observamos que ya esta reducidaa forma canonica. Interpretando y como un parametro, la resolvemos en x como unaecuacion diferencial ordinaria lineal de segundo orden, de coecientes constantes:
22 + 5y+ 2y2 = 0; =5y
p25y2 16y24
; 1;2 =
(12y2y
Por tanto,
uhom = C1e xy2 + C2e2xy
Dado que una solucion particular de la ecuacion no homogenea es dada por up =12y ,
obtenemos
u(x; y) = F1(y)e xy2 + F2(y)e2xy +
1
2y:
-
14) Sea la ecuacion
uyy x2uxx uy = 0:i) Hallar su solucion generalii) Determinar la solucion que satisface a las condiciones u(x; 0) = 2x, uy(x; 0) = x.Resolucion.i) Observamos que
a = x2; b = 0; c = 1; = x2:Por tanto la ecuacion es hiperbolica, salvo en x = 0. La ecuacion auxiliar
a2 + 2b+ c = 0
se escribe en este caso en la forma x22 + 1 = 0, y nos da1;2 = 1
x:
Las caracteristicas son dadas por dydx = 1x , as que mediante el cambio de variables = xey, = xey se reduce a forma canonica. Obtenemos
2uu = 0 =) u = g; 2gg = 0 =) g() = F ()p;=) u(; ) = F1
p()+F2();
con F1 y F2 arbitrarias. Entonces
u(x; y) = F1(xey)pxey + F2(xe
y)
que, utilizando la arbitrariedad de F1, se puede escribir de forma mas sencilla como
u(x; y) = F1(xey)ey + F2(xey):
ii) Ahora bien, imponiendo las condiciones iniciales obtenemos
F1(x) + F2(x) = 2x; xF 01(x) + F1(x) + xF 02(x) = x;que nos dan
F1(x) = x+Apx; F2(x) = xA
px:
La unica solucion del problema de Cauchy es
u(x; y) = x(1 + ey):
15) Reducir a forma canonica y resolver la ecuacion
x2uxx y2uyy = 0:Resolucion. La matrix de la parte principal es
A =
x2 00 y2
Dado que = x2y2, la ecuacion es hiperbolica en R2, salvo en los ejes coordenados.La ecuacion auxiliar
a2 + 2b+ c = 0
se escribe en este caso en la forma x22 + y2 = 0, y nos da
1;2 = yx:
Para determinar las caractersticas, resolvemos el sistema de Lagrange
dx
1=
dy
y=x =) ln j x j= ln j y j +k1;2; ki 2 R
-
Por tanto, desde las dos ecuaciones anteriores deducimos
j x j= ek1
j y j =) I1 = xy; j x j= ek2y ) I2 = y
x:
Introducimos las nuevas variables ( = xy
= yx :
Este cambio de variables nos proporciona las relaciones
ux = uy ux2y; uy = ux+ ux1y
uxx = uy22ux2y2+ux4y2+2ux3y; uyy = ux2+2u+ux2:
Sustituyendo estas relaciones en la ecuacion de partida, obtenemos:
x2uxx y2uyy = 2(2u + u) = 0:Entonces, si 6= 0,
2u u = 0 =) 2u u = f() =) u = F1()p + F2();
con F1; F2 funciones arbitrarias sucientemente regulares. En denitiva, deducimosla solucion general
u(x; y) =pxy F1
yx
+ F2(xy):